Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource

Question

$count_result = mysql_query("SELECT count(*) FROM bbs");
$count_array=mysql_fetch_array($count_result);
$pagenum=ceil($count_array['count(*)']/$pagesize);
echo '共',$count_array['count(*)'],' 条留言';
if($pagenum>1){
for($i=1;$i<=pagenum;$i++){
if($i==$p){
 echo ' [',$i,']';
}
else {
echo ' <a href="list.php?p=',$i,'">',$i,'</a>';
}
}
}
无法显示共多少条留言

Answer 1

$count_array=mysql_fetch_array($count_result, MYSQL_ASSOC);

Answer 2

$pagenum=ceil($count_array[0]/$pagesize);

Answer 3

输出mysql_error(); 看看。 $count_result不是一个 resource 类型的变量

Answer 4

用$count_result = mysql_query("SELECT * FROM bbs");
  $count_array=mysql_num_rows($count_result);
  echo $count_array;//输出多少条留言
 

Answer 5

$pagenum=ceil($count_array['count(*)']/$pagesize);
这是神马意思啊
难道$count_array这个数组里面还有count(*)这样的下标，你可以先尝试用print_r($count_array)
输出数组的结构，然后调用正确的下标，我想绝对没有$count_array['count(*)']这样的东西

Answer 6

从Warning的内容看，我觉得可以var_dump($count_result)看看类型，是不是资源类型，另外像5楼所说也是有道理的，可是吧sql 写成  select count(*) as num from bbs;