如何在表格中添加表单，并提交MYSQL数据库

我在你基礎上修改了一下，思路就是這樣，用表記錄的id對應提交。
index.php<?php
$q=$_POST["employeenumber"];

$con = mysql_connect('localhost', 'root', '');
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}

mysql_select_db("org", $con);echo '<form name="form1" method="post" action="add.php">';
echo "<table border='1' cellpadding='10'>
<tr>
<th>架构</th>
<th>盈利额</th>
</tr>";

$sql="SELECT id, 架构,盈利额 FROM `org` WHERE 主管工号 = '".$q."'";

$result = mysql_query($sql);

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
echo "<tr>";
echo "<td>" . $row['架构'] . "</td>";
echo '<td><input type="text" name="yl'.$row['id'].'"></td>';
echo "</tr>";
}
echo "</table>";
echo '<input type="hidden" name="employeenumber" value="'.$q.'">';
echo '</form>';
mysql_close($con);
?>
add.php<?php
$con = mysql_connect('localhost', 'root', '');
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}

mysql_select_db("org", $con);$employeenumber = $_POST["employeenumber"];$sql="SELECT id, 架构,盈利额 FROM `org` WHERE 主管工号 = '".$q."'";

$result = mysql_query($sql);

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
if($_POST['yl'.$row['id']]){
$sqlstr = "update `org` set 盈利额='".$_POST['yl'.$row['id']]."' where id='".$row['id']."'"; // 更新入db
mysql_query($sqlstr) or die(mysql_error());
}
}mysql_close($con);header('location:index.php?q='.$employeenumber); // 跳轉回去
?>

可能我没解释清楚，我把整个系统代码结合前辈的代码重新写了下：登陆界面（未完整）：<html>
<title>指标收集系统</title>
<body><center><form action="welcome.php" method="post">
工号: <input type="text" name="employeenumber" placeholder="请输入7位工号"><br>
密码: <input type="password" name="password"><br>
<input type="submit" value="登录">
</form></center></body>
</html>welcome.php<html>
<body>欢迎
<?php
$q=$_POST["employeenumber"];$con = mysql_connect('localhost', 'root', '');
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}mysql_select_db("org", $con);$sql="SELECT 姓名 FROM user WHERE 员工号 = '".$q."'";$result = mysql_query($sql);$row = mysql_fetch_array($result);echo $row['姓名'];echo '<form name="form1" method="post" action="add.php">';echo "<table border='1' cellpadding='10'>
<tr>
<th>架构</th>
<th>盈利额</th>
</tr>";$sql="SELECT id,架构,盈利额 FROM `org` WHERE 主管工号 = '".$q."'";$result = mysql_query($sql);while($row = mysql_fetch_array($result))
{
echo "<tr>";
echo "<td>" . $row['架构'] . "</td>";
echo '<td><input type="number" name="yl'.$row['id'].'"></td>';
echo "</tr>";
}echo "</table>";
//echo '<input type="hidden" name="employeenumber" value="'.$q.'">';echo '<input type="submit" value="提交指标">';mysql_close($con);
?><br>
</body>
</html>add.PHP<html>
<head>
</head>
<body><?php
$con = mysql_connect('localhost', 'root', '');
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}

mysql_select_db("org", $con);

//$employeenumber = $_POST["employeenumber"];

$sql="SELECT id, 架构,盈利额 FROM `org` WHERE 主管工号 = '".$q."'";

$result = mysql_query($sql);

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    if($_POST['yl'.$row['id']]){
        $sqlstr = "update `org` set 盈利额='"$_POST['yl'.$row['id'].]"' where id='".$row['id']."'"; // 更新入db
        mysql_query($sqlstr) or die(mysql_error());
       }
}

mysql_close($con);

//header('location:welcome.php?q='.$q); // 跳轉回去
?>
</body>
</html>现在运行后出现错误：Parse error: syntax error, unexpected T_VARIABLE in D:\AppServ\www\add.php on line 24
请问怎么解决？

24行的
盈利额='"$_POST['yl'.$row['id'].]"' where
改为
盈利额='".$_POST['yl'.$row['id']]."' where

本帖最后由 xuzuning 于 2014-12-10 18:33:58 编辑

感谢各位的帮助，但现在还是有问题：
我数据库org中有两个表：
1.user：里面有主管工号，姓名，密码，用来作为登陆的账号和密码
2.org：里面有id（本来没这个字段，后来加上去的，为了配合傲雪星枫给的代码，自增加字段），架构，盈利额现在用了大家给我的代码后，还是无法更新数据库的盈利额值，并且add.php中最后加上跳转页面的那个代码的话，实际网页跳转的并非是原先主管登陆的welcome.php界面，还请解答。

各位前辈，目前问题就出在这段代码上，还请指点如何修改才能根据数据库中id对应的盈利额进行更新：if($_POST[.$row['id'].]){
$sqlstr = "update `org` set 盈利额='" . $_POST[.$row['id'].] . "' where id='".$row['id']."'";// 更新入db
mysql_query($sqlstr) or die(mysql_error());
}

去看下jquery easy ui的datagrid很简单，加载数据还可以让它自动增加输入框，只需要一个属性

费了老半天劲，总算自己搞定了，贴上代码：
welcome.php
<html>
<body>

欢迎
<?php
$q=$_POST["employeenumber"];

$con = mysql_connect('localhost', 'root', '');
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}

mysql_select_db("org", $con);

$sql="SELECT 姓名 FROM user WHERE 员工号 = '".$q."'";

$result = mysql_query($sql);

$row = mysql_fetch_array($result);

echo $row['姓名'];

echo '<form name="form1" method="post" action="add.php">';

echo "<table border='1' cellpadding='10'>
<tr>
<th>架构</th>
<th>盈利额</th>
</tr>";

$sql="SELECT id,架构,盈利额 FROM `org` WHERE 主管工号 = '".$q."'";

$result = mysql_query($sql);

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
echo "<tr>";
echo "<td>" . $row['架构'] . "</td>";
echo '<td><input type="number" name= '.$row['id'].'></td>';
echo "</tr>";
}

echo "</table>";echo '<input type="hidden" name="employeenumber" value="'.$q.'">';echo '<input type="submit" value="提交指标">';

mysql_close($con);
?><br>

</body>
</html>add.php
<html>
<head>
</head>
<body>

<?php$con = mysql_connect('localhost', 'root', '');
if (!$con)
{
die('Could not connect: ' . mysql_error());
}

mysql_select_db("org", $con);$employeenumber = $_POST["employeenumber"];

$sql="SELECT id, 架构,盈利额 FROM `org` WHERE 主管工号 = '".$employeenumber."'";

$result = mysql_query($sql);

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    if($_POST[$row['id']]){
        $sqlstr = "update `org` set 盈利额='".$_POST[$row['id']]."' where id='".$row['id']."' and 主管工号 = '".$employeenumber."'"; // 更新入db
        mysql_query($sqlstr) or die(mysql_error());
       }
}

mysql_close($con);echo "指标提交成功";
?>

</body>
</html>还是很感谢各位的帮助。

调试易

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