请问下,怎么用PHP把变量传递给CSS样式表中的url 我做了一个小小的应用其中定义了一个style样式表,它的背景图片是外链图片的background:url(pzimg/1.jpg)我希望能让用户自行更改图片即把用户提交的URL作为PHP变量传递给CSS样式表请问这个如何实现!…… 解决方案 » 免费领取超大流量手机卡,每月29元包185G流量+100分钟通话, 中国电信官方发货 提交地址http://test.php?bgimg=xphp 文件获取$bgimg=$_GET['bgimg'];background:url(pzimg/<?php echo $bgimg ?>.jpg) 不好意思,没用心。其实我是以为style标签内不能用"<? ?>"这个的请问,我想要把用户提交的内容传递到外链的JS文件里面,这个可不可以实现 外连js文件应该是没办法的,除非你采取读入文件的方式,读取后正则掉文件内容,那还不如直接复制粘贴,然后用上面的方法一样的 echo 变量就行了 外链js文件改扩展名为.php。php处理后输出正常的js即可。 php传值 json 格式文件 如何彭和平读取 一个php文件中的undefined index怎么去除 像淘宝、卓越、京东这些网站都是用什么做的?PHP? php怎样连接paradox数据库? PHPMailer 发送邮件 高分求: php服务器如何配置(急) 开发PHP用什么编辑器最好? 怎么让SESSION失效时自动转到其它页面?? 很简单的 zend 5.0.0 的小问题 php echo语句简写出错? thinkPHP 无法自动生成目录
http://test.php?bgimg=xphp 文件获取
$bgimg=$_GET['bgimg'];background:url(pzimg/<?php echo $bgimg ?>.jpg)
其实我是以为style标签内不能用"<? ?>"这个的
请问,我想要把用户提交的内容传递到外链的JS文件里面,这个可不可以实现