ajax跳转如何判断?

Question

ajax跳转如何判断?function GetXmlHttpObject()
{
  var xmlHttpqq=null;
  try
    {
    // Firefox, Opera 8.0+, Safari
    xmlHttpqq=new XMLHttpRequest();
    }
  catch (e)
    {
    // Internet Explorer
    try
      {
      xmlHttpqq=new ActiveXObject("Msxml2.XMLHTTP");
      }
    catch (e)
      {
      xmlHttpqq=new ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP");
      }
    }
  return xmlHttpqq;
}
function fz()
{
  xmlHttp=GetXmlHttpObject()
  
  if (xmlHttp==null)
    {
    alert ("请开启浏览器javascript或更新您的浏览器");
    return;
    }
var url="code.php";
url=url+"?sid="+Math.random();
xmlHttp.onreadystatechange=stateChanged;
xmlHttp.open("GET",url,true);
xmlHttp.send(null);
//alert(sn)//这个值取不到?怎么办
//alert(stateChanged.sn)//这个值取不到?怎么办
if(sn!="ok"){return false;}else return true;
}
function stateChanged()
{
 
  if (xmlHttp.readyState==4)
  { 
    sn=xmlHttp.responseText; return false; }
 else return false;}

Answer 1

xmlHttp.onreadystatechange=stateChanged你看写错了没有，差个 ();

Answer 2

异步操作要在回调函数里取值
function stateChanged()
{
  if (xmlHttp.readyState==4 && xmlHttp.status == 200)
  {  
    sn=xmlHttp.responseText;
    alert(sn);
    if(sn!="ok") alert(111);
  }
}

Answer 3

<form id="formid" method="post"  target="_self"  action="reg.php"  name="send"  onSubmit="return fz()"> </form>我的本意是:以上表单
使用判断语句
if(sn!="ok")return false;else return true;
后如果sn!="ok"表单不跳转到后台处理页面"reg.php";继续停留在原输入页面.如果照您所说,
异步操作在回调函数里取值;在stateChanged()后面使用
if(sn!="ok")return false;else return true;结果都会跳转到后台.
如果在fz()后面加上return false;语句后，结果相反都不会跳转到后台.
经续请教该如何解决？

Answer 4

function stateChanged()
{
  if (xmlHttp.readyState==4 && xmlHttp.status == 200)
  {   
  sn=xmlHttp.responseText;
  if(sn!="ok") document.forms[0].submit();
  }
}