关于Ajax里跳转页面的问题，请各位高手帮忙

Question

function queryWorkDay(){
  //alert("查询工作日");
  var year = document.getElementById("year").value;
   var month = document.getElementById("month").value;
   var url = "<%=rootPath%>/GetWorkDay.do?id=<%=request.getAttribute("id")%>"  + "&&year=" + year+"&&month=" + month;
  //alert(url);
   var xmlhttp = getXMLHttpRequest();
    xmlhttp.open("get",url,true);
   xmlhttp.onreadystatechange = getWrokDay;
   xmlhttp.send(null);
 }
我在前台写了个ajax的异步传输，后台做处理。
现在的情况是当在后台处理时，产生异常的话，截取异常，然后跳转到异常页面去，
但是，我的程序能够截取到一场，也能读到异常页面，但是又要跳转回当前页面来了，而且回调函数里的responseText李包含了这个异常页面，我知道这是Ajax的流程，也明白是什么原因。现在就是想有没有什么方法，当产生异常的时候，直接跳转到异常页面去，不用再返回当前页面。各位高手帮帮忙啊！！

Answer 1

不太明白什么意思
直接history.back();不能满足你的需求吗

Answer 2

就是说在后台出现异常了，就在后台直接跳转到异常页面，
就是
能 return mapping.findforward("error");

Answer 3

可能的原因：
1、后台处置不当，返回的字串包含了其他不应该返回的HTML代码;
2、处置异常、跳转到异常页面的方式是不是有问题？
3、一次发送AJAX请求，但同时发生了连续2次或以上的AJAX

Answer 4

不知道的代码可以这么考虑吗？
直接把异常返回到当前页面再进行转errr.html

Answer 5

你只能在你的 回调函数 里判断 然后 使用 window.location.href='error.jsp' 进行跳转

Answer 6

在异常的地方直接window.location = "异常.html"

Answer 7

哦，你在是后台发现了异常，直接跳转的吧；
一个办法是把后台的那个页面内容合并到当前页来；这样就没问题了；
另外一个就是大家都说的，AJAX的回调函数里用location跳转

Answer 8

用include 把两个页面合并？ 这个异常页面里还要做处理，
比如：request.getAtrribute();
能正常得值吗

Answer 9

不是用include ，是把后台的处理AJAX的代码转移到当前页面
你可以到这里17楼看看怎么合并：http://topic.csdn.net/u/20100512/10/82c7e089-b7d4-4752-8554-d201828fe34d.html