$result = mysql_query ("SELECT site from name") or die ("Invalid query");
echo $result;会得到 Resource id #4
PRINT_R 也不行
那请问该怎么做才能正确获得资料库中的资料而不会出现错误?
我只要显示表里其中一列资料 我的思路已经想到在sql 里加入limit 来显示其中一项
但是我还不知道该怎么不用回圈来显示结果
echo $result;会得到 Resource id #4
PRINT_R 也不行
那请问该怎么做才能正确获得资料库中的资料而不会出现错误?
我只要显示表里其中一列资料 我的思路已经想到在sql 里加入limit 来显示其中一项
但是我还不知道该怎么不用回圈来显示结果
while($row=mysql_fetch_array($result)){
echo $row[0];
}
mysql_query返回的是资源id,当然打印不出来
先谢谢各位解答了
if($row = mysql_fetch_array($result))
{
var_dump($row);
}